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[贪心]Zexal的浩瀚星辰-2018级算法C3-E题解

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本题是一道经典的贪心问题，考虑两个火箭 i 和 j，在两个火箭均可发射时，若 i 的损失费 p[i] 大于 p[j]，且 i 在 j 之后发射，两个火箭的损失费之和
cost1=p[i]⋅(t[i]−i)+p[j]⋅(t[j]−j)
若交换两个火箭发射顺序，则两个火箭的损失费之和
cost2=p[i]⋅(t[j]−i)+p[j]⋅(t[i]−j)
作差得
cost1−cost2=p[i]⋅(t[i]−t[j])+p[j]⋅(t[j]−t[i])&=(p[i]−p[j])⋅(t[i]−t[j])
又 p[i]>p[j]，t[i]>t[j]，所以 cost1>cost2，即对于已经可以发射的两个火箭，损失费较大的火箭先发射所产生的损失费最小。

由以上证明可以看出，本题中在当前可以发射的火箭中，损失费较大的火箭应该排在前面，同时还要考虑到火箭从当前不可发射到当前可以发射的状态转换，所以可以使用一个优先队列来维护当前可以发射的火箭集合，每次弹出损失费最大的火箭，将损失费加入答案，并放入新增的可以发射的火箭。

同时，由数据范围不难发现运算过程中使用 int 会导致溢出。

代码如下：

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#include <cstdio>
#include <iostream>
#include <queue>
using namespace std;

const int N = 500000 + 5;

struct Rocket {
    long long price, index;

    bool operator<(const Rocket &b) const {
        return price < b.price || (price == b.price && index < b.index);
    }
} rockets[N];

priority_queue<Rocket> PQ;

int main() {
    ios::sync_with_stdio(false);
    cin.tie(NULL);

    int n, k, p;
    while (cin >> n >> k) {
        long long ans = 0;

        for (int i = 1; i <= n; i++) {
            cin >> p;
            rockets[i].price = p;
            rockets[i].index = i;

            if (i <= k)
                PQ.push(rockets[i]);
        }

        for (int i = k + 1; i <= k + n; i++) {
            if (i <= n)
                PQ.push(rockets[i]);

            Rocket tmp = PQ.top();
            PQ.pop();

            ans += tmp.price * (i - tmp.index);
        }

        cout << ans << endl;
    }
    return 0;
}